/* 1061:青蛙的约会 */
/*
描述
两只青蛙在网上相识了，它们聊得很开心，于是觉得很有必要见一面。它们很高兴地发现它们住在同一条纬度线上，于是它们约定各自朝西跳，直到碰面为止。可是它们出发之前忘记了一件很重要的事情，既没有问清楚对方的特征，也没有约定见面的具体位置。不过青蛙们都是很乐观的，它们觉得只要一直朝着某个方向跳下去，总能碰到对方的。但是除非这两只青蛙在同一时间跳到同一点上，不然是永远都不可能碰面的。为了帮助这两只乐观的青蛙，你被要求写一个程序来判断这两只青蛙是否能够碰面，会在什么时候碰面。
我们把这两只青蛙分别叫做青蛙A和青蛙B，并且规定纬度线上东经0度处为原点，由东往西为正方向，单位长度1米，这样我们就得到了一条首尾相接的数轴。设青蛙A的出发点坐标是x，青蛙B的出发点坐标是y。青蛙A一次能跳m米，青蛙B一次能跳n米，两只青蛙跳一次所花费的时间相同。纬度线总长L米。现在要你求出它们跳了几次以后才会碰面。
输入
输入只包括一行5个整数x，y，m，n，L，其中x≠y < 2000000000，0 < m、n < 2000000000，0 < L < 2100000000。
输出
输出碰面所需要的跳跃次数，如果永远不可能碰面则输出一行"Impossible"
*/

/*
#include <iostream>
#include <cmath>

using namespace std;

int main( )
{
    float x,y,m,n,L,a;
    cin >> x >> y >> m >> n >> L;

    if( (x-y)*(m-n)>0 )
    {
        a=(L-abs(x-y))/abs(m-n);
        if(a-(int)a==0)
            cout << a << endl;
        else
            cout <<"Impossible"<<endl;
    }

    else
    {
        a=abs(x-y)/abs(m-n);
        if(a-(int)a==0)
            cout << a << endl;
        else
            cout <<"Impossible"<<endl;
    }
    return 0;
}

// Wrong Answer
//按照题目示例输入输出符合要求，但提交后提示结果错误，原因待查。
*／


/*
 * 布老师意见：
 *1061：考虑一下x，y, m，n的各种大小关系。你写程序的时候按照给定的数据去想
的，可能不全面。
*/

/*
这题反复思考依旧没有找到解题突破口，于是上网查找相关的解题思路，
经过看其他人的解题思路，及代码，发现这题自己考虑的太简单了。该题是扩展GCD的应用，即利用GCD的辗转相除法来解 一个二元一次 不定式，当然也是利用了回代的思想,对于一个不定方程肯定有N组解，
该题就是要找到一个满足方程的步数（其中的一个变量 x）的最小整数解，有个地方要注意的就是要用 long long int。
*/

#include<iostream>
long long int gcd( long long int x, long long int y )
{
    if( y== 0 )
    {
        return x;
    }
    return gcd( y, x% y );
}

void exgcd( long long int a, long long int b, long long int &x, long long int &y )
{
    if( b== 0 )
    {
        x= 1;
        y= 0;
        return;
    }
    exgcd( b, a% b, x, y );
    long long int t= x;
    x= y;
    y= t- a/ b* y;
    return;
}

int main(  )
{
    long long int x, y, m, n, l;
    while( scanf( "%lld %lld %lld %lld %lld", &x, &y, &m, &n, &l )!= EOF )
    {
        long long int a= n- m, b= l, c= x- y, p, q;
        long long int d= gcd( a, b );
        if( c% d )
        {
            puts( "Impossible" );
            continue;
        }
        a/= d, b/= d, c/= d;
        exgcd( a, b, p, q );
        p*= c;
        long long int t= p% b;
        while( t< 0 )
        {
            t+= b;
        }
        printf( "%lld\n", t );
    }
    return 0;
}

// Accepted
